[ID:6-5871062] 2019年内蒙古鄂尔多斯市准格尔旗中考物理一模试卷(解析版)
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2019年内蒙古鄂尔多斯市准格尔旗中考物理一模试卷 一、单项选择(每题2分,13小题,共26分) 1.(2分)关于声现象,下列说法中正确的是( 。 A.在城市街道两旁植树种草,这是在声源处减弱噪声 B.敲锣时用力越大,声音的音调越高 C.声音在真空中的传播速度是340m/s D.医生用“B超”检查胎儿的发育情况,利用了声能传递信息 2.(2分)下列有关光的现象中,正确的说法是( 。 A.太阳光进入地球大气层后,其传播路径会发生弯曲 B.光与镜面成30度角射到平面镜上,则反射角也是30度 C.看到物体成的虚像时,没有光射入我们的眼睛 D.老年人通过放大镜看书,看到的是字的实像 3.(2分)中央电视台播出的《中国诗词大会》深受观众喜爱,下列对古诗词中涉及的热现象解释正确的是( 。 A.“千里冰封,万里雪飘”冰的形成是升华现象 B.“岚雾今朝重,江山此地深”雾的形成是液化现象 C.“青青园中葵,朝露待日晞”露的形成是汽化现象 D.“月落乌啼霜满天,江枫渔火对愁眠”霜的形成是凝固现象 4.(2分)下列有关声和能的说法正确的是( 。 A.“闻其声便知其人”判断的依据是人发出声音的音调 B.声音在传播过程中响度逐渐降低 C.液化石油气属于一次能源 D.物体内能增加,一定是从外界吸收了热量 5.(2分)关于家庭电路与安全用电,下列说法正确的是( 。 A.熔丝是由熔点较高的材料制成的 B.正常情况下火线与大地间的电压为零 C.电冰箱外壳接地 D.发现有人触电,立即用手把人拉开 6.(2分)科学研究中常常发现某一问题的两个相关的量(x,y)之间存在一定的关系,且可用图线表示。下列相关量之间不符合如图所示关系的是( 。 A.物体温度升高时,吸收的热量与温度的关系 B.恒力对物体所做功与物体在力的方向上所通过距离的关系 C.某种燃料完全燃烧所放出的热量与燃料质量的关系 D.导体中的电流与导体两端电压的关系 7.(2分)如图所示为“探究平面镜成像特点”的实验装置图。下列有关该实验的说法,正确的是( 。 A.选择大小相等的蜡烛A、B是为了比较像距与物距的关系 B.为了便于观察,该实验最好在较暗的环境中进行 C.把光屏放在玻璃板后像所在位置,像会成在光屏上 D.将蜡烛A远离玻璃板,像会变小 8.(2分)无线充电是一种增加手机续航时间的方式,如图甲所示,其技术的原理是:电流流过送电线圈产生磁场,受电线圈靠近该磁场时就会产生电流,给智能手机充电,如图乙所示。受电线圈处用到了下图中哪个实验的原理( 。 A. B. C. D. 9.(2分)关于运动和力,下列说法正确的是( 。 A.汽车速度越大越难以停下来,说明物体速度越大,惯性越大 B.甲乙两队进行拔河比赛甲队获胜,说明甲队拉乙队的力大于乙队拉甲队的力 C.推门时手离门轴越远越省力,说明力的作用效果与力的作用点有关 D.汽车可处于静止状态,也可处于运动状态。但房子总处于静止状态 10.(2分)如图所示,在“研究杠杆的平衡条件”的实验中,若实验时在杠杆的左端悬挂一个物体,右端用弹簧秤拉着,使杠杆在水平位置保持平衡,今握着弹簧秤缓慢地沿图中虚线的位置1移动到2(杠杆始终在水平位置保持平衡),则以下关于弹簧秤示数的说法中不正确的是( 。 A.不断增大 B.先增大,后减小 C.不断减小 D.先减小,后增大 11.(2分)如图所示,粗糙程度相同的斜面与水平面在M点相连,弹簧左端固定在竖直墙壁上,弹簧处于自由状态时右端在N点,小物块从斜面的P点由静止滑下,与弹簧碰撞后又返回到斜面上,最高到达Q点。下列说法正确的是( 。 A.弹簧被压缩到最短时,弹簧具有的弹性势能等于小物块减少的重力势能 B.小物块从P向M运动的过程中,重力势能减小,动能增加 C.小物块从N向M运动的过程中,它的动能增加,重力势能减小 D.小物块在整个运动过程中,机械能守恒 12.(2分)如所示的电路中,电源电压保持不变,当闭合开关S后,移动滑片P下列说法中正确的是( 。 A.滑片P向右移动时,电压表示数变大、电流表A1、A2示数都变小 B.滑片P向右移动时,电流表A2与A1示数的差值变大 C.滑片P向右移动时,电压表示数与电流表A1示数的比值不变 D.滑片P向右移动时,电压表示数与电流表A2示数的乘积变大 13.(2分)水平桌面上有一个质量为1kg、底面积为200cm2的圆柱形盛水容器,在容器底部用细绳将一质量是600g,体积为1000cm3的正方体木块固定在水中,木块有的体积浸入水中,绳子处于绷紧状态,木块静止后水深30cm,如图甲所示;现向容器中加入适量水(水没有溢出)直至液面与物体的上表面相平,此时绳子刚好断裂,如图乙所示;绳子断裂后木块再次静止时,如图丙所示。下列说法中正确的是( 。 A.甲图中绳子的拉力为 8N B.从甲图到乙图所加水的重力为 4N C.丙图相对于乙图的水面下降了 2cm D.在丙图中,容器对桌面的压强是 3000Pa 二、填空题(本大题共3小题,每空1分,共8分) 14.(3分)如图所示,小明用50N的拉力,使物体A以0.2m/s的速度竖直匀速上升,A入此时滑轮组的机械效率为80%(不计绳重和摩擦),则物体A的质量为   kg拉力的功率为   W.若竖直匀速提升重力为170N的物体,滑轮组的机械率为  。ㄈ=10N/kg)。 15.(3分)将两个定值电阻串联接到电压为U的电源两端,R1消耗的功率为P,R2消耗的功率为4P.将这两个定值电阻并联接在电压为U的电源两端时,R1与R2的电阻之比为   ,并联时R1与R2在相同时间内产生的热量之比为   并联时两电阻消耗的功率为   。 16.(2分)如图甲所示,电源电压不变,R1=10Ω,滑动变阻器R标有“5Ω1A”字样。当R的滑片P在b端且只闭合开关S、S1时,电流表的示数为0.4A:当R2的滑片P在a端且同时闭合S、S1、S2时,灯泡正常发光,如图乙是灯泡的1﹣U图象,则电源电压是   ,当R的滑片P在b端且只闭合开关S、S2时,电压表的示数为3V,此时灯泡的实际电功率为   W。 三、作图与实验探究题(本大题共6小题,17、18题各2分,19题4分,20题4分,21题6分,22题6分,共22分) 17.(1分)重为20牛的物体,放在水平地面上,请在图中画出物体对水平地面压力F的示意图。 18.(1分)如图所示,用测电笔测试某家庭电路中两条输电线时,只有接触下方那条电线时测电笔的氖管发光。请在图中标出火线并将灯泡、开关接入线路。 19.(4分)小峰在探究凸透镜成像规律之后,又对凸透镜的焦距与其凸起程度的关系进行了探究: (1)小峰第一次选取一个凸起程度较小的凸透镜,测量焦距的实验如图甲所示,测得的焦距为   。 (2)第二次他又选用一个凸起程度较大的凸透镜,测得的焦距为8cm,由这两次实验可得出的初步结论:   。 (3)小峰回想起白光经三棱镜后,光屏上自上而下出现了红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫的色带(如图乙所示),受此启发,于是他选取焦距为10cm的凸透镜,用红光和蓝光来进行图甲的实验,实验结论:对同一凸透镜,   的焦距大些。 (4)在用焦距为10cm的凸透镜探究成“等大实像”的实验时,老师发现有两个小组所测像距分别为17.5cm和22cm,与理论像距20cm相比偏差较大。若不是因为长度测量方法错误和测量误差导致的,请分析出现这种情况的原因:   。 20.(4分)小明和小华分别利用如图所示中图甲所示的相同装置探究水沸腾时温度变化的特点,当水温接近90℃时,每隔0.5分钟记录一次温度,并绘制出了如图乙所示的水温与时间关系的图象。 (1)实验时,当看到水中有大量气泡不断上升、变大,到水面破裂开来,里面的   散发到空气中,就表明水沸腾了。 (2)分析图乙可知,小华将水加热至沸腾的时间明显较长,最有可能的原因是小华用的水的质量   小明的用的水的质量!。ㄑ√睢按笥凇、“小于”或“等于”) (3)小明在第9分钟撤掉酒精灯后,发现有一小段时间水温依然保持不变。如图乙所示,这段时间内烧杯底部的温度  。ㄑ√睢案哂凇、“等于”或“低于”)杯内水的温度。 21.(6分)在学过摩擦力知识后,小明想探究:摩擦力大小是否与压力、重力都有关系?他利用如图所示的装置进行探究实验。 实验步骤如下: ①把金属盒放在质量不计的白纸上,读出台式测力计示数;拉动白纸的过程中,读出弹簧测力计的示数。 ②将质量不计的氢气球系在金属盒上,读出台式测力计示数;拉动白纸的过程中,读出弹簧测力计的示数。 ③再往金属盒注入适量的沙子,使台式测力计示数与步骤①中的示数相等,拉动白纸的过程中,读出弹簧测力计的示数。 实验相关数据如下表: 实验序号 台式测力计示数F1/N 金属盒总重力G/N 弹簧测力计示数F2/N ① 4.8 4.8 1.8 ② 3.2     1.2 ③ 4.8 6.4 1.8 (1)此实验是根据   原理测出摩擦力大小的,实验过程中金属盒受到的摩擦力的方向是   。 (2)与直接用弹簧测力计拉动金属盒测量摩擦力相比,拉动白纸进行实验具有容易操作的优点,具体体现在:  。ㄐ闯鲆惶跫纯桑 (3)请你补齐上表中空格处的数据,其值为   N。 (4)实验中是通过   改变金属盒总重力的。 (5)比较实验步骤  。ㄌ钚蚝牛┑氖,说明摩擦力大小与重力无关。 22.(6分)在“伏安法测电阻”的实验中,小梦同学连接了如图甲所示的电路(电路元件完好,电源电压恒定,滑动变阻器最大阻值为R,接线柱接线牢固)。 (1)连接电路过程中开关应该   ,开关闭合前滑片滑到   处。 (2)检查电路,发现有一处连接错误,请指出连接错误的导线是  。ㄌ睢癮”“b”“e”或“d”)。 (3)纠正错误后,闭合开关,测得几组数据如表。 实验序号 1 2 3 电压U/V 1.5 2.1 2.8 电流I/A 0.10 0.14 电阻R/Ω 15.0 15.0 第3次实验时电流表示数如图乙所示,电流表的示数为   A.第3次实验后,算出的电阻值是   ,待测电阻值为   Ω。 (4)实验结束后老师组织大家做延伸实验,他把A组的电流表给了B组,把B组的电压表给了A组,让A、B组利用现有器材完成测量电阻的实验设计。如果你在其中一个组,请把设计的电路图画在图丙的虚线框内。 四、综合应用题(本大题共2小题,23题7分,24题7分,共14分) 23.(7分)航天迷小伟利用自降落伞模拟返回舱的降落过程。将带有降落伞的重物从高处释放,速度增大至10m/s时打开降落伞,重物开始减速下落。重物从释放到落地共用时4s,其v﹣t图象如图所示,落地前最后2s重物的运动可视为匀速运动。打开降落伞后,降落伞和重物受到的空气阻力f与速度V满足关系f=kv2,k为定值。降落伞和重物的总质量为7.5kg,g取10N/kg:求: (1)落地前最后2s降落伞和重物的总重力的功率; (2)刚开始减速时降落伞和重物受到的合外力大小。 24.(7分)如图所示,电源电压18V恒定不变,小灯泡L标有“10V5W”字样,滑动变阻器R标有“120Ω1A”字样,电压表使用的量程为0﹣15V,电流表使用的量程为0﹣0.6A,R为一定值电阻;当闭合开关S、S1,断开S2时,灯泡L恰好正常发光;忽略温度对灯丝电阻的影响,求: (1)小灯泡L的电阻是多大? (2)闭合开关S、S1,断开S2时,通电2min,电流通过定值电阻R0所产生的热量是多少? (3)当闭合开关S、S2,断开S1时,在保证电表不超量程、灯泡L两端的电压不超额定电压的情况下,滑动变阻器R功率的变化范围是多少? 2019年内蒙古鄂尔多斯市准格尔旗中考物理一模试卷 参考答案与试题解析 一、单项选择(每题2分,13小题,共26分) 1.【分析】(1)防治噪声的途径:在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱; (2)音调指声音的高低,是由物体振动的频率决定的,响度指声音的强弱,是由物体振动的振幅决定的; (3)声音的传播需要介质,不能在真空中传播,声音在15℃的空气中传播速度是340m/s; (4)声音既能传递信息,又能传递能量。 【解答】解:A、在城市街道两旁植树种草,属于在传播过程中减弱噪声,该选项说法不正确; B、敲锣时,用力越大,振幅越大,响度越大,该选项说法不正确; C、声音不能在真空中传播,该选项说法不正确; D、医生用“B超”检查胎儿的发育情况,利用了声能传递信息,该选项说法正确。 故。篋。 【点评】本题考查了声音的相关知识,内容比较简单,属于基础知识的考查。 2.【分析】解答此题从以下知识点入手: A、光在同种不均匀介质中传播时,光线会发生弯曲; B、反射角是反射光线与法线的夹角,而不是反射光线与镜面的夹角; C、我们之所以看到物体,是因为物体发出的或反射的光线进入我们的眼睛; D、凸透镜成像规律及其应用。 【解答】解:A、由于大气层密度不均匀,所以太阳光进入地球大气层后,其传播路径会发生弯曲,故本选项说法正确; B、光与镜面成30°角射在平面镜上,则其反射角是60°,故本选项说法错误; C、看到物体成的虚象时,是因为有光射入我们的眼睛,否则我们看不到,故本选项说法错误; D、老年人通过放大镜看书,看到的字的虚像,是利用凸透镜能成放大正立的虚像,故本选项说法错误。 故。篈。 【点评】此题主要考查了本题考查了光的折射、反射定律、平面镜成像特点、放大镜的原理。做这种光学综合题,要采用逐一分析方法,逐个分析,逐个判断。 3.【分析】六种物态变化:物质从固态到液态的过程叫做熔化,物质从液态变成固态的过程叫做凝固;物质从液态变为气态叫做做汽化,物质从气态变为液态叫做液化;物质从固态直接变成气态叫升华,物质从气态直接变成固态叫凝华。 【解答】解:A、“千里冰封,万里雪飘”冰、雪形成过程分别是凝固和凝华,故A错误; B、“岚雾今朝重,江山此地深”雾的形成是水蒸气液化形成的小水滴,故B正确。 C、“青青园中葵,朝露待日晞”露的形成是水蒸气液化形成的小水滴,故C错误。 D、“月落乌啼霜满天,江枫渔火对愁眠”霜的形成是水蒸气凝华形成的,故D错误。 故。築。 【点评】对于本题不但要知道相应的物理知识,还要了解语句的含义才能解答。 4.【分析】(1)音调是指声音的高低,由频率决定,响度是指人耳感觉到的声音的强弱或大小,由振幅和听者与声源的距离决定,音色是指声音的品质和特色,由发声体的材料和结构决定; (2)响度与振幅和距离声源的远近有关; (3)可以从自然界直接获取的能源叫一次能源,不能从自然界直接获取必须通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源; (4)做功和热传递都可以改变物体的内能。 【解答】解:A、不同的人说话音色不同,所以“闻其声知其人”是根据声音的音色来判断的,故A错误; B、响度与振幅和距离声源的远近有关,离声源越远,响度越小,故B正确; C、液化石油气是石油炼制厂的副产品,经加压液化装入钢瓶里,故液化石油气属于二次能源,故C错误; D、物体的内能增加,可能是从外界吸收了热量,也可能是外界对物体做了功,故D错误。 故。築。 【点评】本题考查声音的特性,能源的分类,改变内能的方法是一道综合题。 5.【分析】(1)保险丝用电阻大熔点低的材料制成;家庭电路中有火线和零线; (2)火线和大地之间的电压是220V; (3)大功率或带有金属外壳的用电器,其金属外壳一定要接地,以防用电器外壳带电,会危及人身安全; (4)发现有人触电,应立即断开总开关。 【解答】解:A、保险丝用电阻大、熔点低的材料制成的,这样才能保证在电流过大时及时熔断,对电路起;ぷ饔,故A错误; B、我国家庭电路中火线和大地之间的电压是220V,故B错误; C、大功率或带有金属外壳的用电器,其金属外壳一定要接地,以防用电器外壳带电,会危及人身安全,故C正确; D、发生触电事故时,千万不要用手去拉触电的同伴,应先断开电源再施救,故D错误。 故。篊。 【点评】本题考查保险丝材料,火线与大地间的电压,金属外壳接地,触电的施救,是一道综合题。 6.【分析】观察分析图象,图中两个量(x,y)之间成正比关系,看选项中哪两个量的关系与图象中的相符,找出两个量之间的关系不符合的选项即可。 【解答】解:由图象可知,y与x成正比关系; A、由Q吸=cm△t可知,物体吸热时,吸收热量与温度的变化量、质量、比热容都有关,而吸收的热量与温度的关系不成正比,故A符合题意; B、恒力对物体所做功与物体在力的方向上所通过距离成正比,故B不符合题意; C、由Q放=mq可知,某种燃料(热值一定)完全燃烧所放出的热量与燃料的质量成正比,故C不符合题意; D、导体的电阻一定,由欧姆定律可知,导体中的电流与导体两端的电压成正比,故D不符合题意。 故。篈。 【点评】本题考查学生的观察能力和图象分析能力,涉及的知识点较多,解题时应熟记这些关系并加深理解。 7.【分析】(1)蜡烛A与B大小相同,B又与A的像大小相同,所以像与物大小相同,这是利用等效替代法来比较像与物的大小的。 (2)探究平面镜成像实验时,成像的物体和环境对比度越大,成像物体越亮,像越清晰。 (3)要掌握虚像的概念,知道虚像不是实际光线会聚而成的,不能在光屏上成像。 (4)平面镜成像特点之一:物像等大。 【解答】解: A、实验中选择两根完全一样的蜡烛A和B,是为了比较物与像的大小的关系,故A错误; B、在比较明亮的环境中,很多物体都在射出光线,干扰人的视线,在较黑暗的环境中,蜡烛是最亮的,蜡烛射向平面镜的光线最多,反射光线最多,进入人眼的光线最多,感觉蜡烛的像最亮。所以在比较黑暗的环境中进行实验,故B正确; C、平面镜成的是虚像,是由反射光线的反向延长线会聚而成的,所以不能成在光屏上,故C错误; D、因平面镜成正立、等大的虚像,故蜡烛A远离平面镜时,在平面镜中所成的像的大小不变,故D错误。 故。築。 【点评】此题以选择题的形式考查平面镜成像实验中需要注意的事项,这既是平时经常强调的地方,又是中考中经常涉及到的地方,要求深入理解,熟练掌握。 8.【分析】无线充电器是指利用电磁感应原理进行充电的设备,原理类似于变压器。在发送和接收端各有一个线圈,发送端线圈连接有线电源产生电磁信号,接收端线圈感应发送端的电磁信号从而产生电流给电池充电;分析各图中实验原理分析解答。 【解答】解: 从题意中知道,手机背面的线圈,能将底座产生的变化的磁场转化为电流给手机电池充电,是利用电磁感应原理工作的; A、图中是奥斯特实验,说明通电直导线周围存在磁场,是电流的磁效应,故A不符合题意; A、此图是电磁继电器的原理图,是利用电流的磁效应制成的,故B不符合题意; C、图中是闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动能够产生感应电流,是电磁感应现象,故C符合题意; D、图中给线圈通电,线圈会转动,说明通电导体受到磁场力的作用,故D不符合题意 故。篊。 【点评】本题主要考查了电磁现象中几个实验的掌握情况,知道无线充电器的原理是解题的关键。 9.【分析】(1)我们把物体保持运动状态不变的属性叫做惯性。惯性代表了物体运动状态改变的难易程度。惯性的大小只与物体的质量有关。 (2)相互作用力的条件:大小相等、方向相反、作用在两个物体上,作用在同一条直线上。 (3)力的三要素:力的大小、方向、作用点,力的三要素影响力的作用效果。 (4)静止是相对的,运动是绝对的。 【解答】解:A、惯性的大小只与物体的质量有关,与速度大小无关,故汽车速度越大越难以停下来,不能说明物体速度越大,惯性越大。故A错误; B、甲拉乙的力等于乙拉甲的力,两队为相互作用,故相互作用力大小相等,方向相反。甲方胜了乙方,是因为甲受到的最大静摩擦力大于乙的最大静摩擦力,故B错误; C、推门时离门轴越近,用力越大,说明力的作用效果与力的作用点有关,故C正确; D、静止是相对的,运动是绝对的,在研究物体运动时,要选择参照的标准,即参照物,物体的位置相对于参照物发生变化,则运动,不发生变化,则静止。 所以汽车可处于静止状态,也可处于运动状态。房子同样如此。故D错误。 故。篊。 【点评】本题考查力的作用效果、力作用的相互性、运动和静止的相对性、惯性等知识,是一道综合性较强的题目,但总体难度不大,掌握基础知识即可正确解题。 10.【分析】根据杠杆平衡的条件可知,阻力和阻力臂一定时,动力臂越长越省力,因此找出最省力时,动力的方向,然后根据动力臂的变化确定动力的变化。 【解答】解:当施加的动力垂直于杠杆时,动力臂最长; 因为杠杆始终在水平位置保持平衡,阻力和阻力臂一定,所以当动力沿竖直向下的方向时,动力最小,故从位置1移动到2的过程中,动力臂先变大后变小,则动力F先减小再增大,故D正确,ABC错误。 故。篈BC。 【点评】使用杠杆,若阻力和阻力臂一定,则动力臂最长时最省力(动力最。。 11.【分析】影响动能大小的因素:质量、速度,质量越大,速度越大,动能越大; 影响重力势能大小的因素:质量、高度,即物体的质量越大,高度越高,其重力势能越大; 弹性势能的影响因素:弹性形变的大小。动能和势能统称机械能。三者之间可以相互转化。 三种能量可以相互转化,在存在摩擦的情况下,其机械能不守恒。 【解答】解: A、小物块滑下时,由于要克服摩擦力做功,则减少的重力势能会有一部分转化为内能,因此,弹簧被压缩到最短时,弹簧具有的弹性势能小于小物块减少的重力势能,故A错误; B、小物块从P向M运动的过程中,质量不变,高度减小,重力势能减小,同时速度增大,所以动能增加,故B正确; C、小物块从N向M运动的过程中,物块不再受到弹力,由于受到摩擦力的作用,其速度会逐渐减小,所以其动能会减小,同时高度不变,重力势能不变,故C错误; D、小物块在整个运动过程中,由于受到摩擦力的作用,其机械能总量会减少,即机械能不守恒,故D错误。 故。築。 【点评】本题考查动能、势能及弹性势能的转化,以及机械能守恒的条件,明确动能和势能大小的影响因素是解答此题的关键。 12.【分析】A、原电路中,两电阻并联,A1测通过R1的电流,A2测通总电流,根据电压表测电源电压分析; BCD、滑片P向右移动时分析R2变化,由欧姆定律确定通过其的电流变化,根据并联电路电流的规律,分析通过R2的电流; 由欧姆定律,电压表示数与电流表A1示数的比值即R1的大小,据此分析; 根据并联电路各支路互不影响,根据并联电路电流的规律确定总电流变化,据此分析。 【解答】解: A、原电路中,两电阻并联,A1测通过R1的电流,A2测通总电流,电压表测电源电压,故示数不变,故A错误; BCD、滑片P向右移动时,R2变大,由欧姆定律,通过其的电流变小,根据并联电路电流的规律,电流表A2与A1示数的差值即通过R2的电流,变小,故B错误; 由欧姆定律,电压表示数与电流表A1示数的比值即R1的大小,不变,故C正确; 因通过R1电流不变,根据并联电路电流的规律,总电流变小,故电压表示数与电流表A2示数的乘积变小,故D错误。 故。篊。 【点评】本题考查并联电路的规律及欧姆定律,难度中等。 13.【分析】(1)甲图中,已知木块浸入水中的体积,根据阿基米德原理求出此时浮力;利用G=mg可求得自重力,对此时的木块进行受力分析可知,此时拉力等于浮力减去木块的重力; (2)求出所加水的体积,利用G=mg=ρgV求出水的重力; (3)乙图中木块浸没在水中,丙图木块处于漂浮状态,根据漂浮条件和阿基米德原理求出排开水的体积;然后即求出排开水的体积变化量,进而求出水面下降的高度; (4)求出容器的总重力,容器对桌面的压力与重力相等,利用p=即可求出压强。 【解答】解: A、甲图中木块浸入水中的体积: V排1=V木=×1000cm3=800cm3=8×10﹣4m3; 则木块受到的浮力: F浮1=ρ水gV排1=1.0×103kg/m3×10N/kg×8×10﹣4m3=8N, 木块的重力G木=m木g=0.6kg×10N/kg=6N, 则绳子的拉力F1=F浮1﹣G木=8N﹣6N=2N,故A错误; B、正方体木块的边长为L===10cm, 则S木=L2=(10cm)2=100cm2, 加水后的水面升高的高度为△h=(1﹣)L=(1﹣)×10cm=2cm, 由于木块的位置不变,则所加水的体积为V水′=(S容﹣S木)△h=(200cm2﹣100cm2)×2cm=200cm3=2×10﹣4m3; 所加水的重力G水′=ρ水gV水′=1.0×103kg/m3×10N/kg×2×10﹣4m3=2N,故B错误; C、乙图中木块浸没在水中,则V排2=V木=1000cm3=1×10﹣3m3; 丙图中木块处于漂浮状态,则F浮3=G木=6N, 由F。溅阉甮V排可得此时木块浸入水中的体积: V排3===6×10﹣4m3; 所以,丙图相对于乙图,排开水的体积变化量:△V排=V排2﹣V排3=1×10﹣3m3﹣6×10﹣4m3=4×10﹣4m3; 水面变化的高度:△h===0.02m=2cm,故C正确; D、G容器=mg=1kg×10N/kg=10N; 甲图中,水的体积为V水=S容h﹣V排1=200cm2×30cm﹣800cm3=5200cm2=5.2×10﹣3m3; 水的重力G水=ρ水gV水=1.0×103kg/m3×10N/kg×5.2×10﹣3m3=52N, 容器对桌面的压力大小为: F=G水+G水′+G木+G容器=52N+2N+6N+10N=70N。 容器对桌面的压强为: p===3.5×103Pa;故D错误。 故。篊。 【点评】解决此题用到的知识比较多,有漂浮条件、浮力的公式、重力公式、体积公式、压强公式、密度公式等,灵活运用公式至关重要,但真正的难点还在于对题意的正确分析。 二、填空题(本大题共3小题,每空1分,共8分) 14.【分析】(1)由图知道,承担物重的绳子股数n=3,知道拉力,利用η====求提升物体的重力,再利用G=mg求其质量; (2)n=3,绳子自由端移动的速度等于物体移动速度的3倍,利用P=Fv求拉力的功率; (3)不计摩擦和绳重,利用F=(G+G动)求出动滑轮重,再利用F=(G+G动)求提升170N物体的拉力。设重物被提升h,则拉力端移动的距离s=3h,知道物重G和拉力大小,利用η====求此时滑轮组的机械效率。 【解答】解: (1)由图知,使用该滑轮组承担物重的绳子股数n=3, 因为滑轮组的机械效率η====, 所以提升物体的重力: G=3ηF=3×80%×50N=120N, 物体的质量: m===12kg; (2)绳子自由端移动的速度: v=3v物=3×0.2m/s=0.6m/s, 拉力的功率: P===Fv=50N×0.6m/s=30W; (3)不计摩擦和绳重,F=(G+G动), 动滑轮重力:G动=3F﹣G=3×50N﹣120N=30N, 当提起G′=170N的物体时拉力: F′=(G′+G动)=(170N+30N)=N, 此时滑轮组的机械效率: η=====×100%=85%。 故答案为:12;30;85%。 【点评】本题考查了使用滑轮组拉力、功、功率、机械效率的计算,利用好几个公式:一是不计绳重和摩擦时拉力和物重的关系[F=(G动+G物)],二是滑轮组的机械效率η====。 15.【分析】(1)两电阻串联时通过它们的电流相等,根据P=UI=I2R求出两电阻的阻值之比; (2)将这两个定值电阻并联接在电压为U的电源两端时,根据并联电路的电压特点和Q=W=Pt=t求出并联时R1与R2在相同时间内产生的热量之比;根据P=UI=求出两电阻消耗的电功率。 【解答】解: (1)将两个定值电阻串联连接到电压为U的电源两端时,因串联电路中各处的电流相等, 所以,由P=UI=I2R可得两电阻的阻值之比:====, (2)将这两个定值电阻并联接在电压为U的电源两端时,R1与R2的电阻之比为=, 因并联电路中各支路两端的电压相等, 所以,由Q=W=t可得并联时R1与R2在相同时间内产生的热量之比:===; 两电阻消耗的功率之比: ===; 故答案为:1:4;4:1;4:1。 【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用,要注意各量之间的关系不要颠倒。 16.【分析】(1)当R2的滑片P在b端且只闭合开关S、S1时,R1与R2串联,电流表测电路中的电流,根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压; (2)当R2的滑片P在b端且只闭合开关S、S2时,灯泡与R2的最大阻值串联,电压表测R2两端的电压,根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压,根据图象读出通过的电流,利用P=UI求出灯泡的实际功率。 【解答】解: (1)当R2的滑片P在b端且只闭合开关S、S1时,R1与R2串联,电流表测电路中的电流, 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和, 所以,由I=可得,电源的电压: U=I(R1+R2)=0.4A×(10Ω+5Ω)=6V; (2)当R2的滑片P在b端且只闭合开关S、S2时,灯泡L与R2的最大阻值串联,电压表测R2两端的电压, 由题知,此时电压表示数为3V,即U2=3V; 因串联电路中总电压等于各分电压之和, 所以,此时灯泡两端的电压: UL′=U﹣U2=6V﹣3V=3V, 由图乙可知,通过灯泡的电流为0.6A, 此时灯泡的实际功率: PL′=UL′IL′=3V×0.6A=1.8W。 故答案为:6;1.8。 【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用,关键是开关闭合、断开时电路连接方式的辨别和图象中读出电流与电压的对应值。 三、作图与实验探究题(本大题共6小题,17、18题各2分,19题4分,20题4分,21题6分,22题6分,共22分) 17.【分析】根据水平地面上的物体对水平面的压力等于其重力得出压力大小,根据压力的作用点在接触面上确定压力的作用点,然后根据压力的方向与接触面垂直,再过作用点表示出压力的方向。 【解答】解:重为20N的物体,放在水平地面上,物体对水平地面压力大小为:F=20N, 压力的作用点在水平地面上,过作用点作垂直于水平地面向下的力;如图所示: 【点评】画力的示意图的一般步骤为:一画简图二定点,三画线,四画尖,五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤,很容易能够画出指定力的示意图。 18.【分析】用试电笔只接触下方导线氖管发光,说明下方导线为火线;为了保证用电安全,开关应接在火线上,灯泡的螺旋套应接在零线上。据此分析解答。 【解答】解: 由题知,下方的导线能使氖管发光,所以该导线为火线,则上方的是零线; 为了保证用电安全,开关应接在火线上,灯泡的螺旋套应接在零线上,如图所示: 【点评】此题主要考查学生对于家庭电路火线与零线的区别以及灯泡的连接方法的理解。 19.【分析】(1)焦点到透镜中心的距离为焦距,看清刻度尺的分度值,读出示数; (2)根据图甲读出第一次测得凸透镜的焦距,然后比较1、2次实验数据可知焦距与凸面程度的关系; (3)白光经三棱镜后,光屏上而下出现了红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫的色带,是因为不同颜色的光经玻璃的折射本领不同; (4)同一凸透镜,物距一定,像距一定,小组实验的像距不同,是因为光屏上还没有出现清晰的像就测像距。 【解答】解:(1)焦点到透镜中心的距离为焦距,刻度尺的分度值为1cm,此时读数为10.0cm,即透镜焦距为f=10.0cm; (2)由图甲可知,第一次测得凸透镜的焦距为10cm;根据1、2次的实验数据可知,材料和横截面积相同的凸透镜,凸起程度越大其焦距越; (3)用红光和蓝光平行于同一个凸透镜的主光轴射入,红光、蓝光对凸透镜的焦距不相同。红色光较蓝色光偏折能力弱,所以红色光对凸透镜的焦距大;蓝光入射时焦距小些。 (4)同一凸透镜,物距一定,像距一定,小组实验的像距不同,是因为光屏上还没有出现清晰的像就测像距。 故答案为:(1)10.0cm;(2)材料和横截面积相同的凸透镜,凸起程度越大其焦距越;(3)红光;(4)光屏上还没有出现清晰的像时就测出了像距。 【点评】此题考查了根据数据分析影响凸透镜焦距的因素、各种颜色的光的偏折程度以及凸透镜成像规律的理解,要熟练掌握凸透镜成像的规律,光路的可逆性、过光心的光线方向不变。 20.【分析】(1)当水沸腾时,水中形成大量的气泡上升到水面破裂开来,里面的水蒸气散发到空气中; (2)掌握影响加热时间的因素:水的多少、水的初温、是否加盖、是否用酒精灯的火焰加热等; (3)撤掉酒精灯后,发现有一段时间水温依然保持不变,因为酒精灯加热时,铁圈和石棉网的温度升高的多,高于水的温度,移开酒精灯时,烧杯底部和杯内水还会从铁圈和石棉网吸收热量,继续沸腾。 【解答】解:(1)当看到水中有大量气泡不断上升、变大,到水面破裂开来,里面的水蒸气散发到空气中,就表明水沸腾了; (2)小华加热时间长,可能是小华用的水的质量比小明的大; (3)撤掉酒精灯后,发现有一段时间水温依然保持不变,因为酒精灯加热时,铁圈和石棉网的温度升高的多,高于水的温度,移开酒精灯时,烧杯底部和杯内水还会从铁圈和石棉网吸收热量,继续沸腾。 故答案为:(1)水蒸气;(2)大于;(3)高于。 【点评】此题主要考查了水沸腾的条件及特点,知道水在沸腾过程中温度保持不变,但要不断吸热。是比较简单的实验题。 21.【分析】(1)利用二力平衡可知,摩擦力等于弹簧测力计的拉力大小,方向与金属盒运动方向相反; (2)为了能平稳的读数,应该是测力计做匀速直线运动,拉动白纸,相对来说测力计示数稳定,便于读数; (3)第二次实验中,氢气球系在金属盒上,总重力不变,改变了压力大小,探究摩擦力与压力大小的关系; (4)通过向金属盒内添加沙子,改变总重力; (5)比较①③两次实验分析得出结论。 【解答】解: (1)利用二力平衡可知,当水平匀速拉动白纸时,摩擦力等于弹簧测力计的拉力大;实验过程中金属盒相对于白纸是向右运动的,所以金属盒受到的摩擦力的方向是水平向左的; (2)与直接用弹簧测力计拉动金属盒测量摩擦力相比,拉动白纸进行实验具有容易操作的优点,具体体现在弹簧测力计示数稳定,便于读数; (3)第二次实验中,氢气球系在金属盒上,保持了总重力不变,而改变了压力大小,来探究摩擦力与压力大小的关系。所以第2次实验,金属盒的总重力仍为4.8N; (4)实验中是通过向金属盒内添加沙子来改变总重力的; (5)探究摩擦力与重力的关系时,应保持压力不变,改变总重力,根据此要求,只有①、③能满足。 故答案为:(1)二力平衡;水平向左;(2)弹簧测力计示数稳定,便于读数;(3)4.8;(4)向金属盒内添加沙子;(5)①、③。 【点评】本题的实验中,探究了摩擦力大小与压力、重力的关系,值得注意的是,这里通过向金属盒内添加沙子来改变总重力大小,通过将氢气球系在金属盒上,减小对水平面的压力,其中台式测力计显示的是压力的大小,只有明确这些才能顺利进行实验。 22.【分析】(1)为;さ缏,连接电路过程中开关应该断开,开关闭合前滑片滑到阻值最大处。 (2)分析原电路的连接,找出错误处; (3)第3次实验时电流表示数如图乙所示,根据电流表选用的量程确定分度值读数,由欧姆定律求第3次实验后,为提高测量精确度,取平均值作为测量结果; (4)A组有两个电压表,将变阻器(最大电阻)与待测电阻串联,两电压表分别并联在变阻器和待测电阻的两端,记录两电压表的示数,根据分压原理求待测电阻; B组有两个电流表,分别将电流表分别与两电阻串联,将变阻器的最大电阻为R连入电路中,记下电流表A1示数,根据欧姆定律可求电源电压,根据电流表A2示数,由欧姆定律求待测电阻。 【解答】解:(1)连接电路过程中开关应该断开,开关闭合前滑片滑到阻值最大处。 (2)原电路中,电压表测电源总电压,是错误的,应测电阻的电压,连接错误的导线是d。 (3)纠正错误后,闭合开关,测得几组数据如表。 实验序号 1 2 3 电压U/V 1.5 2.1 2.8 电流I/A 0.10 0.14 电阻R/Ω 15.0 15.0 第3次实验时电流表示数如图乙所示,电流表选用小量程,电流表的示数为0.18A. 由欧姆定律,第3次实验后,算出的电阻值是: R3==≈15.6Ω,将3次测量的电阻作为测量结果,待测电阻值为:R==15.2Ω。 (4)A组有两个电压表,两电阻串联,将变阻器的最大电阻为R连入电路中,如下左所示; 将两电压表分别并联在变阻器和待测电阻的两端,记录两电压表的示数,根据分压原理求待测电阻; B组有两个电流表,将电流表分别与两电阻串联,将变阻器的最大电阻为R连入电路中,记下电流表A1示数,如上右所示:根据欧姆定律可求电源电压,根据电流表A2示数,由欧姆定律求待测电阻。 故答案为:(1)断开;(2)电阻最大;(2)d;(3)0.18;15.6Ω;15.2。 【点评】本题用伏安法测电阻,考查注意事项、电路连接、电流表读数,电阻的计算及数据处理和设计实验方案的能力。 四、综合应用题(本大题共2小题,23题7分,24题7分,共14分) 23.【分析】(1)根据G=mg算出降落伞和重物的总重力,根据P===Gv算出落地前最后2s降落伞和重物的总重力的功率; (2)根据匀速下落时阻力等于重力和f=kv2算出k的值;再根据f=kv2再算出开始减速时降落伞所受的阻力,最后求合力。 【解答】解: (1)降落伞和重物的总重力:G=mg=7.5kg×10N/kg=75N; 由图象可知,落地前最后2s处于匀速直线运动,速度为5m/s, 落地前最后2s降落伞和重物的总重力的功率:P===Gv=75N×5m/s=375W; (2)匀速直线下落时,处于平衡状态,所受重力和阻力是一对平衡力,大小相等,即f=G=75N; 又因为f=kv2, 所以f1=kv12=G=75N, 则k===3N?s2/m2; 刚开始减速时,降落伞和重物受到的阻力:f2=kv22=3N?s2/m2×(10m/s)2=300N; 因阻力f2和重力G的方向相反, 所以,刚开始减速时降落伞和重物受到的合外力大。篎=f2﹣G=300N﹣75N=225N。 答:(1)落地前最后2s降落伞和重物的总重力的功率为375W; (2)刚开始减速时降落伞和重物受到的合外力大小为225N。 【点评】本题考查重力的计算、功率的计算、合力的计算等知识,关键考查读图能力和利用题中信息的解题能力。 24.【分析】(1)已知灯泡的额定电压和额定功率,根据P=求出小灯泡的电阻; (2)闭合开关S、S1,断开S2时,L与R0串联,灯泡L恰好正常发光,根据串联电路特点和欧姆定律求得R0两端电压和电流,根据Q=W=UIt计算电流通过定值电阻R0产生热量; (3)当闭合开关S、S2,断开S1时,变阻器R与灯泡L串联,保证电路安全,根据电表量程和灯泡的额定电压、额定功率,利用欧姆定律求得电路中最大和最小电流,从而求得出其功率变化范围。 【解答】解: (1)根据P=可得,灯泡的电阻:RL===20Ω。 (2)由图可知,闭合开关S、S1,断开S2时,L与R0串联,此时灯泡L恰好正常发光, 由串联电路的特点可得R0两端的电压:U0=U﹣UL=18V﹣10V=8V, 由P=UI可得,电路中电流:I=I0=IL===0.5A, 通电2min,电流通过定值电阻R0产生的热量:Q=W=U0I0t=8V×0.5A×2×60s=480J; (3)由图可知,当闭合开关S、S2,断开S1时,变阻器R与灯泡L串联,电压表测变阻器R的电压,电流表测电路中的电流; 在保证电表不超量程、灯泡L两端的电压不超额定电压,则电路中的最大电流I大=IL=0.5A, 当电压表示数15V时,滑动变阻器接入电路中的电阻最大,此时电路中的电流最小, 由串联电路特点和欧姆定律可得,电路中的最小电流:I。絀L′===A, 此时变阻器连入电阻阻值为R===100Ω<120Ω,符合变阻器的取值范围, 滑动变阻器R的功率: PR=URI=(U﹣IRL)I=(18V﹣I×20Ω)I=18V×I﹣I2×20Ω=﹣20Ω×(I﹣A)2+W 而电路中电流: A≤I≤0.5A, 所以,当I=A时,滑动变阻器R的功率最小, PR。僵20Ω×(A﹣A)2+W=2.25W; 当I=A时,滑动变阻器R的功率最大, PR大=﹣20Ω×(A﹣A)2+W=4.05W, 所以,滑动变阻器R的功率的变化范围为2.25W~4.05W。 答:(1)小灯泡L的电阻是20Ω。 (2)闭合开关S、S1,断开S2时,通电2min,电流通过定值电阻R所产生的热量是480J。 (3)当闭合开关S、S2,断开S1时,在保证电表不超量程、灯泡L两端的电压不超额定电压的情况下,滑动变阻器R功率的变化范围是2.25W~4.05W。 【点评】本题考查了串联电路特点、欧姆定律应用和电功率的计算,关键是根据各元件规格正确分析出电路中最大和最小电流。
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  • 资料类型: 试卷
  • 资料版本:人教版
  • 适用地区:内蒙古鄂尔多斯市
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